Chọn đáp án C

Nhận xét: X + NaOH → Muối + H₂O || Y + NaOH → Muối + CH₃OH.

Do NaOH và H₂O không đốt được ⇒ độ chênh lệch mol O₂ là do đốt CH₃OH.

||⇒ n_Y = n_CH3OH = ∆n_O2 ÷ 1,5 = (0,7 – 0,625) ÷ 1,5 = 0,05 mol.

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O và HCOOCH₃ ⇒ n_HCOOCH3 = 0,05 mol.

Đặt n_C2H3NO = x; n_CH2 = y ⇒ n_{O2 đốt E} = 2,25x + 1,5y + 0,05 × 2 = 0,7 mol.

● Muối gồm x mol C₂H₄NO₂Na; y mol CH₂ và 0,05 mol HCOONa.

m_muối = 97x + 14y + 0,05 × 68 = 24,2(g) || Giải hệ có: x = 0,2 mol; y = 0,1 mol.

Do n_Gly-Na > n_Ala-Na ⇒ ghép 1 CH₂ vào HCOONa ⇒ dư 0,05 mol CH₂.

⇒ n_Ala = n_{CH2 còn} = 0,05 mol ⇒ n_Gly = 0,2 - 0,05 = 0,15 mol.

► Gly : Ala = 0,15 ÷ 0,05 = 3 : 1 ⇒ chọn C.

Chọn đáp án C

Nhận xét: X + NaOH → Muối + H₂O || Y + NaOH → Muối + CH₃OH.

Do NaOH và H₂O không đốt được ⇒ độ chênh lệch mol O₂ là do đốt CH₃OH.

||⇒ n_Y = n_CH3OH = ∆n_O2 ÷ 1,5 = (0,7 – 0,625) ÷ 1,5 = 0,05 mol.

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O và HCOOCH₃ ⇒ n_HCOOCH3 = 0,05 mol.

Đặt n_C2H3NO = x; n_CH2 = y ⇒ n_{O2 đốt E} = 2,25x + 1,5y + 0,05 × 2 = 0,7 mol.

● Muối gồm x mol C₂H₄NO₂Na; y mol CH₂ và 0,05 mol HCOONa.

m_muối = 97x + 14y + 0,05 × 68 = 24,2(g) || Giải hệ có: x = 0,2 mol; y = 0,1 mol.

Do n_Gly-Na > n_Ala-Na ⇒ ghép 1 CH₂ vào HCOONa ⇒ dư 0,05 mol CH₂.

⇒ n_Ala = n_{CH2 còn} = 0,05 mol ⇒ n_Gly = 0,2 - 0,05 = 0,15 mol.

► Gly : Ala = 0,15 ÷ 0,05 = 3 : 1 ⇒ chọn C.

n   O 2   đ ố t   c h á y   E   =   0 , 7   m o l     n   O 2   đ ố t   c h á y   m u ố i   =   0 , 625   m o l

n   O 2 chênh lệch chính là phần dùng để đốt cháy C H 3 O H  do phản ứng thủy phân sinh ra

C H 3 O H   +   1 , 5 O 2 →   C O 2   +   2   H 2 O

0,05          0,075

Đặt công thức chung của muối amino axit là  C n H 2 n O 2 N N a

Và muối của axit là C m H 2 m − 1 O 2 N a

2   C n H 2 n O 2 N N a   +   3 n   –   1 , 5 O 2     →   2 n   –   1 C O 2   +   2 n H 2 O     +   N a 2 C O 3   +   N 2 2   C m H 2 m − 1 O 2 N N a     +   3 m   –   2 O 2     →   2 m   –   1 C O 2   +   2 m   –   1 H 2 O     +   N a 2 C O 3

Theo PTHH :  n   O 2   =   a   .   3 n   –   1 , 5   :   2   +   b   .   3 m   –   1   :   2   =     0 , 625   m o l

=> 3 (na+ mb) – 1,5 a – 2b = 1,25

n   C O 2   =   a   .   2 n   –   1   :   2     +   b   .   2 m   –   1   : 2   =   0 , 425

=> 2 (na + mb) – a – b = 0,85

m   m u ố i   =   a   ( 14 n   +   69 )   +   b   ( 14 m   +   54 )   =   24 , 2

=> 14 (na + mb) + 69 a + 54 b = 24,2

  3 n a + m b − 1 , 5 a − 2 b = 1 , 252 n a + m b − a − b = 0 , 8514 n a + m b + 69 a + 54 b = 24 , 2

=> na + mb = 0,55 và a = 0,2  b = 0,05

na + m b = 0,55    => n . 0,2 + m . 0,05 = 0,55 => 4 n + m = 11

Vì 3 >n > 2  ( n là giá trị trung bình của 2 muối gly và ala )

1   ≤   m   = >   m   =   1   n   =   2 , 5   = >   n   G l y   :   n   A l a   =   1   :   1  (2,5 nằm giữa 2 và 3)

hoặc m   =   2   t h ì   n   =   2 , 25   = >   n   G l y   :   n   A l a   =   3 −   2 , 25     :   2 , 25   –   2     =   3 :   1  (dùng phương pháp đường chéo  )

Đáp án cần chọn là: C

Chọn đáp án C

Nhận xét: X + NaOH → Muối + H₂O || Y + NaOH → Muối + CH₃OH.

Do NaOH và H₂O không đốt được ⇒ độ chênh lệch mol O₂ là do đốt CH₃OH.

||⇒ n_Y = n_CH3OH = ∆n_O2 ÷ 1,5 = (0,7 – 0,625) ÷ 1,5 = 0,05 mol.

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O và HCOOCH₃ ⇒ n_HCOOCH3 = 0,05 mol.

Đặt n_C2H3NO = x; n_CH2 = y ⇒ n_{O2 đốt E} = 2,25x + 1,5y + 0,05 × 2 = 0,7 mol.

● Muối gồm x mol C₂H₄NO₂Na; y mol CH₂ và 0,05 mol HCOONa.

m_muối = 97x + 14y + 0,05 × 68 = 24,2(g) || Giải hệ có: x = 0,2 mol; y = 0,1 mol.

Do n_Gly-Na > n_Ala-Na ⇒ ghép 1 CH₂ vào HCOONa ⇒ dư 0,05 mol CH₂.

⇒ n_Ala = n_{CH2 còn} = 0,05 mol ⇒ n_Gly = 0,2 - 0,05 = 0,15 mol.

► Gly : Ala = 0,15 ÷ 0,05 = 3 : 1 ⇒ chọn C.

Chọn A

Đáp án : A

Qui hỗn hợp E về E₂ : x mol đipeptit (Gly,Ala) và y mol Este

Ta thấy NaOH và H₂O không cần O₂ để đốt ;

CH₃OH cần 1,5y mol O₂ để đốt

=> Bảo toàn O có : 0,7 = 0,625 + 1,5y

=> y = 0,05 mol

Mặt khác , hỗn hợp qui đổi E₂ đốt cháy cho số mol :

n C O 2 = n H 2 O = (3x + 2y + 0,7.2)/3 = (x + 0,5) mol

=> m_E2 = 14.(0,5 + x) + 76x + 32y (g)

Mà n_{NaOH dùng} = (2x + 0,05) mol

Bảo toàn khối lượng :

14.(0,5 + x) + 76x + 32y + 40.(2x + 0,05) = 24,2 + 18x + 32y

=> x = 0,1 mol

=> Cố C trung bình trong E₂ = 0,6/(0,1 + 0,05) = 4

=> Số C_este ≤ 3. Có 2 trường hợp xảy ra :

TH₁ : este là HCOOCH₃ .

Gọi số mol Gly = a ; Ala = b thì có :

=> 2a + 3b = 0,6 – 0,05.2 và a + b = 0,2

=> a = b = 0,1 mol (Loại do n_Gly > n_Ala)

TH₂ : este là CH₃COOCH₃

=> 2a + 3b = 0,45 và a + b = 0,2

=> a = 0,15 ; b = 0,05 (TM)

=> a : b = 0,15 : 0,05 = 3 : 1

Đáp án A

→ n O 2 ( C H 3 O H ) = 15 , 68 22 , 4 - 20 32 = 0 , 075

→ n C H 3 O H = 0 , 05 → n Y = 0 , 05

n G l y > n A l a → n A l a ∈ ( 0 ; 0 , 1 )

→ C H 3 C O O N a

→ n A l a = 0 , 05 → n G l y = 0 , 15

→ n G l y : n A l a = 3 : 1

Đáp án A.