Đáp án C

Bầu khí quyển nguyên thủy của Trái đất chứa hỗn hợp các hợp chất CH4 , NH3 , CO, hơi nước

Đáp án C

Trong khí quyển nguyên thủy mới chỉ có các khí như CH₄, CO, H₂O, NH₃… chưa có khí oxi hoặc có thì chỉ rất ít không đáng kể.

Đáp án C

Bầu khí quyển nguyên thủy của Trái đất chứa hỗn hợp các hợp chất CH₄, NH₃, CO, hơi nước.

A. CH₄, hơi nước à không đầy đủ                 

B. hydrô à không có

D. ôxy à không có

Đáp án C

Bầu khí quyển nguyên thủy của Trái đất chứa hỗn hợp các hợp chất CH4 , NH3 , CO, hơi nước.

\(n_{Na_2CO_3}=\dfrac{2,12}{106}=0,02\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{3,136}{22,4}=0,14\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{1,44}{18}=0,08\left(mol\right)\)

Bảo toàn Na: n_NaOH = n_Na = 0,04 (mol)

=> \(m_{NaOH}=0,04.40=1,6\left(g\right)\)

m_{dd NaOH} = 50.1,2 = 60(g)

=> m_H2O(dd) = 60 - 1,6 = 58,4 (g)

=> Số mol H₂O tạo ra khi cho 0,02 mol A tác dụng với NaOH là:

\(\dfrac{58,76-58,4}{18}=0,02\left(mol\right)\)

Bảo toàn C: n_C(A) = 0,02 + 0,14 = 0,16 (mol)

Bảo toàn H: n_H(A) = \(0,08.2+0,02.2-0,04=0,16\left(mol\right)\)

Bảo toàn khối lượng: \(m_{O_2}=2,12+0,14.44+1,44-3,96=5,76\left(g\right)\)

=> \(n_{O_2}=\dfrac{5,76}{32}=0,18\left(mol\right)\)

Bảo toàn O: n_O(D) = 0,02.3 + 0,14.2 + 0,08 - 0,18.2 = 0,06 (mol)

=> n_O(A) = 0,06 + 0,02 - 0,04 = 0,04 (mol)

Số nguyên tử C = \(\dfrac{0,16}{0,02}=8\)

Số nguyên tử H = \(\dfrac{0,16}{0,02}=8\)

Số nguyên tử O = \(\dfrac{0,04}{0,02}=2\)

=> CTPT: C₈H₈O₂

B

Đáp án A

Ta có: mDung dịch NaOH = D × V = 60 gam.

∑nNa = 2nNa2CO3 = 0,015 mol ⇒ mNaOH ban đầu = 0,6 gam.

Sơ đồ bài toán ta có:

BTKL ⇒ mA = 59,49 + 1,48 – 60 = 0,97 gam. || và A + NaOH ⇒ 0,09 gam H2O

Khi đốt D ta có sơ đồ:

Bảo toàn nguyên tố ⇒ nC/D = 0,05 mol || nH/D = 0,055 mol

Bảo toàn khối lượng ⇒ nO2 cần để đốt D = 0,0525 mol 

⇒ Bảo toàn nguyên tố O ⇒ nO/D = 0,03 mol

Tiếp tục bảo toàn nguyên tố nC/D = 0,05 mol || nH/A = 0,05 mol và nO/A = 0,02 mol

+ Vậy từ nA = 0,005 mol ⇒ CTPT của A là C10H10O4 (k = 6).

● Nhận thấy 3nA = nNaOH. Nhưng A chỉ có 4 nguyên tử Oxi ⇒ A là este 2 chức trong đó có 1 gốc –COO– đính trực tiếp vào vòng benzen.

+ Với điều kiện MZ < 125 ta thì CTCT của A chỉ có thể là: HCOO–C6H4CH2–OOCCH3

⇒ Z là HO–CH2–C6H4OH với MZ = 124. Đồng thời Z chứa 8 nguyên tử H

\(n_X=\dfrac{8.96}{22.4}=0.4\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{19.8}{18}=1.1\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=3n_X=3\cdot0.4=1.2\left(mol\right)\)

\(m_{CO_2}=1.2\cdot44=52.8\left(g\right)\)

\(\text{Bảo toàn O : }\)

\(n_{O_2}=n_{CO_2}+\dfrac{1}{2}n_{H_2O}=1.2+\dfrac{1}{2}\cdot1.1=1.75\left(mol\right)\)

\(V_{O_2}=1.75\cdot22.4=39.2\left(l\right)\)