Đáp án B

khi đốt cháy X thì thu được 0,5 mol H2Ovà x mol CO₂

Bảo toàn khối lượng cho phản ứng này ta có

    m + 0,77.32 = 0,5 .18 + 44x(1)

Bảo toàn nguyên tố O cho phản ứng này ta có n_O(X) + 0,77.2 =0,5 + 2x(2)

Khi cho X tác dụng với KOH thì n_X= n_O(X)/6

Nên m + 56.3. n_O(X)/6 = 9,32 + 92.n_O(X)/6(3)

Giải 1,2,3 ta được m=8,56; x=0,55 mol và n_O(X)=0,06 mol

X có số mol là 0,01 mol và có số mol C là 0,55 mol và H : 1 mol nên X có CTHH là C₅₅H₁₀₀O₆  có số liên kết pi là 6 liên kết

Khi X tác dụng với Br₂ thì chỉ có khả năng tác dụng vào 3 liên kết pi (do 3 lk pi còn lại bền ở este)

Suy ra a = 0,12 :3 =0,04 mol

Chọn đáp án C

X C 3 H 5 O O C R 3 + O 2 → t 0 C O 2 + H 2 O

C 3 H 5 O O C R 3 + 3 K O H → t 0 3 R C O O K + C 3 H 5 O H 3

Chọn đáp án B

Gọi x là số mol m gam triglixerit X 

⇒ nO trong X = 6x mol.

♦ bảo toàn O phản ứng đốt có nCO2 = (6x + 0,77 × 2 – 0,5) ÷ 2 = (3x + 0,52) mol.

⇒ m = mX = mC + mH + mO 

= 12 × (3x + 0,52) + 0,5 × 2 + 6x × 16 = 132x + 7,24 gam.

♦ thủy phân x mol X + 3x mol KOH → 9,32 gam muối + x mol glixerol C3H5(OH)3.

 BTKL có:

(132x + 7,24) + 3x × 56 = 9,32 + 92x 

x = 0,01 mol.

Tương quan đốt: (∑πtrong X – 1).nX = ∑nCO2 - ∑nH2O,

 thay số có ∑πtrong X = 6.

X sẵn có 3πC=O trong 3 chức este

⇒ còn 3πC=C mà: 1πC=C + 1Br2

Nên có 0,01 mol X làm mất màu vừa đủ 0,03 mol Br2 trong dung dịch.

Mặt khác a mol X làm mất màu vừa đủ 0,12 mol brom trong dung dịch

Theo đó lập tỉ lệ có a = 0,04 mol

Đáp án C

Đáp án B

gọi x là số mol m gam triglixerit X ⇒ n_{O trong X} = 6x mol.

♦ bảo toàn O phản ứng đốt có n_CO2 =(6x + 0,77 × 2 – 0,5) ÷ 2 = (3x + 0,52) mol.

||⇒ m = m_X = m_C + m_H + m_O = 12 × (3x + 0,52) + 0,5 × 2 + 6x × 16 = 132x + 7,24 gam.

♦ thủy phân x mol X + 3x mol KOH → 9,32 gam muối + x mol glixerol C₃H₅(OH)₃.

||⇒ BTKL có: (132x + 7,24) + 3x × 56 = 9,32 + 92x ||⇒ giải x = 0,01 mol.

Tương quan đốt: (∑π_{trong X} – 1).n_X = ∑n_CO2 – ∑n_H2O, thay số có ∑π_{trong X} = 6.

X sẵn có 3π_C=O trong 3 chức este ⇒ còn 3π_C=C mà: 1π_C=C + 1Br₂

nên có 0,01 mol X làm mất màu vừa đủ 0,03 mol Br₂ trong dung dịch.

Mặt khác a mol X làm mất màu vừa đủ 0,12 mol brom trong dung dịch

Theo đó lập tỉ lệ có a = 0,04 mol.

Chọn đáp án B

Gọi x là số mol m gam triglixerit X ⇒ n_{O trong X} = 6x mol.

¨ bảo toàn O phản ứng đốt có n_CO2 = (6x + 0,77 × 2 – 0,5) ÷ 2 = (3x + 0,52) mol.

||⇒ m = m_X = m_C + m_H + m_O = 12 × (3x + 0,52) + 0,5 × 2 + 6x × 16 = 132x + 7,24 gam.

¨ thủy phân x mol X + 3x mol KOH → 9,32 gam muối + x mol glixerol C₃H₅(OH)₃.

||⇒ BTKL có: (132x + 7,24) + 3x × 56 = 9,32 + 92x ||⇒ giải x = 0,01 mol.

Tương quan đốt: (∑π_{trong X} – 1).n_X = ∑n_CO2 - ∑n_H2O, thay số có ∑π_{trong X} = 6.

X sẵn có 3π_C=O trong 3 chức este ⇒ còn 3π_C=C mà: 1π_C=C + 1Br₂

Nên có 0,01 mol X làm mất màu vừa đủ 0,03 mol Br₂ trong dung dịch.

Mặt khác a mol X làm mất màu vừa đủ 0,12 mol brom trong dung dịch

Theo đó lập tỉ lệ có a = 0,04 mol. → Chọn đáp án B

Chọn đáp án A.

Đặt CTTQ của triglixerit X là C_xH_yO₆

BTNT O:

BTKL:

=32,24 g

BTKL:

m muối   = 32 , 24   +   40 . 0 , 12 - 92 . 0 , 04 = 33 , 36   g  

Chọn đáp án A

• m gam triglixerit + 2,9 mol O2 → 2,04 mol CO2 + 1,96 mol H2O.

• mX = mCO2 + mH2O - mO2 = 2,04 x 44 + 1,96.18 - 2,9 x 32 = 32,24 gam.

Theo bảo toàn oxi: nX = (2 x 2,04 + 1 x 1,96 - 2 x 2,9) : 6 = 0,04 mol.

• m gam X + 3NaOH → muối + C3H8O3

nNaOH = 0,04 x 3 = 0,12 mol; nC3H8O3 = 0,04 mol.

Theo BTKL: b = 32,24 + 0,12 x 40 - 0,04 x 92 = 33,36 gam