Ta có:

\(cos20^0=sin70^0\)

\(cos55^0=sin35^0\)

\(\)Lại có:\(sin\alpha< tan\alpha\)

=> \(sin35^0< sin38^0< sin70^0< sin88^0< tan48^0\)

=> \(cos55^0< sin38^0< cos20^0< sin88^0< tan48^0\)

Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{10,8}{18}=0,6\left(mol\right)\)

⇒ n_H2O > n_CO2 → X là ankan.

Vậy: X là metan.

nCO2 = 8,96/22,4 = 0,4 mol

nH2O = 10,8/18 = 0,6 mol

Đốt cháy C2H4 thu được nCO2 = nH2O:

C2H4 + 3O2 -> (nhiệt độ) 2CO2 + 2H2O

Mà nH2O > nCO2 nên X phải là hidrocacbon chỉ chứa liên kết đơn

Vậy chỉ có metan (CH4) thoả mãn.

7)Đk \(x\le2\)

Pt \(\Leftrightarrow x^2-x+8=4-2x\)

\(\Leftrightarrow x^2+x+4=0\)

\(\Delta=-15< 0\) => vô nghiệm

Vậy pt vô nghiệm

10) \(\sqrt{9x+9}-4\sqrt{\dfrac{x+1}{4}}=5\) (đk: \(x\ge-1\)

\(\Leftrightarrow\sqrt{\left(x+1\right).9}-\dfrac{4\sqrt{x+1}}{\sqrt{4}}=5\)

\(\Leftrightarrow3\sqrt{x+1}-2\sqrt{x+1}=5\)

\(\Leftrightarrow\sqrt{x+1}=5\) \(\Leftrightarrow x=24\) (tm)

Vậy \(S=\left\{24\right\}\)

Câu 7 

\(b,\) Thể 1 nhiễm : \(2n+1\)\(=14+1=15\)

 Thể 3 nhiễm : \(2n+1+1+1=14+1+1+1=17\)

  Thể tam bội : \(3n=3.7=21\)

Thể tứ bội : \(4n=7.4=28\)

Câu 7

- Sai vì phép lai phân tích là phép lai giữa cá thể mang tính trang trội cần xác định kiểu gen với cá thể mang tính trạng lặn để kiểm tra kiểu gen của cơ thể mang tính trạng trội. (đã sửa)

- Đúng vì \(6.2^5=192\left(tb\right)\)

- Sai vì ở kì giữa của quá trình nguyên phân, các NST kép đóng xoắn cực đại xếp thành 1 hàng trên mặt phẳng xích đạo của thoi phân bào .

\(L=3060A^o\) \(\Rightarrow N=\dfrac{2L}{3,4}=\dfrac{2\cdot3060}{3,4}=1800\left(nu\right)\)

Mà \(2A+2G=1800\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}A=T=438nu\\G=X=462\left(nu\right)\end{matrix}\right.\)

Khối lượng đoạn gen trên:

  \(M=N\cdot300=1800\cdot300=540000\left(đvC\right)\)

6.C

7.A

8.B