Đáp án A

Chọn A.

Khi đốt cháy A ta có:

&  Þ CO₂: 0,82 ; H₂O: 0,8 và n_{X, Y} = 0,04 ; n_Z = 0,06 ; n_T = 0,08

→ B T K L m A = 19 , 76   ( g ) . Khi đó: m_muối = = 21,56 (g)

(với )

Vậy trong 14,82 gam A có m = 16,17 (g)

Chọn D.

Khi m gam E tác dụng với NaOH thì:  n C O O = n N a O H = 0 , 04   m o l

Quy đổi E thành:  Þ m = 3,3 gam

Lúc này:  X :   x   m o l E :   y   m o l → x + 3 y = 0 , 04 n x + m y = 0 , 15

Trong 13,2 gam M có  

Khi đốt cháy G thì:

Þ E là (C₃H₅COO)(CH₃COO)(C₂H₅COO)C₃H₅ Þ%m_E = 69,7%

Chọn A

T là este của X, Y với Z nên X cũng đơn chức.

Muối E gồm XCOONa và YCOONa

→ n(XCOONa) = n(CO₂) – n(H₂O) = 0,06

Trong 6,9 gam M đặt:

X là C_nH_2n-2O₂ ( u mol)

T là C_mH_2m-4O₄ (v mol)

→ u + v = 0,06 ¹

m(M) = u¹⁴n + 30) + v¹⁴m + 60) = 6,9 ²

Trong phản ứng đốt cháy:

n(X) + 2n(T) = n(CO₂) – n(H₂O) = 0,03

→ n(O) = 2n(X) + 3n(T) = 0,06

Áp dụng ĐLBT nguyên tố O → n(O₂) = 0,105

Áp dụng ĐLBT khối lượng → m(M) = 2,3 → Trong phản ứng xà phòng hóa đã dùng lượng M nhiều gấp 6,9/2,3  = 3 lần phản ứng cháy.

→ n(CO₂) = (nu + mv)/3 = 0,1 ³

Giải ¹² và ³ → u = 0,03; v = 0,03

nu+ mv = 0,3

→ n +m = 10

Do n ≥ 3 và m ≥ 6 và m≥ n + 3 → n = 3; m = 7 là nghiệm duy nhất.

X là CH₂=CH-COOH ⁰,03)

T là CH₂=CH-COO-CH₂-CH₂-OOC-CH₃⁰,03)

→%T = 68,7%

Đáp án A

· Giải đốt 12,38 gam  E + O 2 → t o  0,47 mol CO₂ + 0,33 mol H₂O.

Bảo toàn nguyên tố C, H, O ta có trong E: n_C = 0,47 mol; n_H = 0,66 mol; n_O = 0,38 mol.

· Phản ứng được với AgNO₃/NH₃ chỉ có 1HCOO- → + A g N O 3 / N H 3 2 A g k t . Theo đó n_HCOO = 0,08 mol.

Quy đổi góc nhìn:  

« Cách quy đổi: 1 este (2 chức) + 2H₂O = 2 axit (đơn chức) + 1 ancol (hai chức).

Theo đó, bảo toàn O có ngay n_RCOOH = 0,11 mol. Ancol no, còn RCOOH chưa rõ cấu tạo.

Tương quan đốt: .

Với k là tổng số p có tròng RCOOH và 0 < a < 0,08 ® chỉ có thể k = 2 và a = 0,03 thỏa mãn.

Theo đó, n_X = 0,08 – 0,03 = 0,05 mol, n_Y = 0,11 – 0,03 = 0,08 mol và n_T = 0,03 mol.

® Yêu cầu:  % m X   t r o n g   E = 0 , 05 . 46 12 , 38 . 100 % ≈ 18 , 6 %  

Chọn C.

Gọi a, b, c lần lượt là số mol của (X, Y), Z, T.

+ Xử lí ancol T: m= 8,9+2 n H 2 =9,2 gam và  n T = 2 n H 2 a  (với a là số nhóm OH) 

 với n_T = 0,1 mol => b+c= 0,1 (1)

+ Xử lí dữ kiện đốt cháy:

+ Khi cho E tác dụng với NaOH thì: a + 3b = 0,22 (3)

Từ (1), (2), (3) suy ra: a = 0,1 ; b = 0,04 ; c = 0,06

Chất rắn F gồm 

Þ Z là C₂H_yCOOC₃H₅(OOCH)₂

_{→ B T :   H 0 , 06 . 2 + 0 , 04 ( y + 1 ) + 0 , 04 ( 2 y + 6 ) + 0 , 06 . 8 = 1 ⇒ y = 1 ⇒ % m Z = 41 , 93 %}

Este tạo từ X, Y, Z đều no, đơn chức, mạch hở với ancol no, 3 chức mạch hở => số pi trong Este = 3

Đốt cháy X, Y, Z đều có mol nước bằng mol CO₂

=> n_T = (0,91 – 0,83)/2= 0,04 mol

Vì T là este tạo bởi X, Y, Z với một ancol no, ba chức, mạch hở E => T = X + Y + Z + E – 3H₂O

Quy đổi hỗn hợp thành:

C_nH_2nO₂ : a mol

C_mH_2m+2O₃ : mol = n_T = 0,04

H₂O : mol = 3n_T = 0,12

n_CO2 = na + m.0,04 = 0,91

m_M = a.(14n + 32) + 0,04.(14m + 50) – 18.0,12 = 24,42

Giải hệ trên ta được: a = 0,37  

Các axit gồm: n_HCOOH = n_Ag / 2 = 0,09 và n_YCOOH = n_ZCOOH = (0,37-0,09)/2 =0,14 mol

Hai axit Y và Z có số C tương ứng là x và y

n_CO2 = 0,09.1 + 0,14x + 0,14y + 0,04m = 0,91

=> 7x + 7y + 2m = 41

Do 1 < x < y và m ≥ 3 nên x = 2; y = 3 và m = 3 là nghiệm duy nhất

Trong 12,21 gam M chứa C_nH_2nO₂ (0,185 mol), n_NaOH = 0,2 mol

=> chất rắn chứa C_nH_2n-1O₂Na (0,185mol) và NaOH dư (0,015mol)

=> m = 16,12 gam

Đáp án cần chọn là: A

Este tạo từ X, Y, Z đều no, đơn chức, mạch hở với ancol no, 3 chức mạch hở => số pi trong Este = 3

Đốt cháy X, Y, Z đều có mol nước bằng mol CO₂

=> n_T = (0,91 – 0,83)/2= 0,04 mol

Vì T là este tạo bởi X, Y, Z với một ancol no, ba chức, mạch hở E  => T = X + Y + Z + E – 3H₂O

Quy đổi hỗn hợp thành:

C_nH_2nO₂ : a mol

C_mH_2m+2O₃ : mol = n_T = 0,04

H₂O : mol = 3n_T = 0,12

n_CO2 = na + m.0,04 = 0,91

m_M = a.(14n + 32) + 0,04.(14m + 50) – 18.0,12 = 24,42

Giải hệ trên ta được: a = 0,37  

Các axit gồm: n_HCOOH = n_Ag / 2 = 0,09 và n_YCOOH = n_ZCOOH = (0,37-0,09)/2 =0,14 mol

Hai axit Y và Z có số C tương ứng là x và y

n_CO2 = 0,09.1 + 0,14x + 0,14y + 0,04m = 0,91

=> 7x + 7y + 2m = 41

Do 1 < x < y và m ≥ 3 nên x = 2; y = 3 và m = 3 là nghiệm duy nhất

Trong 12,21 gam M chứa C_nH_2nO₂ (0,185 mol), n_NaOH = 0,2 mol

=> chất rắn chứa C_nH_2n-1O₂Na (0,185mol) và NaOH dư (0,015mol)

=> m = 16,12 gam

Đáp án cần chọn là: A

Giải thích: 

n_O2 = 0,3 (mol); n_NaOH = 0,2 (mol)

Gọi công thức của este là: C_xH_yO₄

C_xH_yO₄ + ( x + 0,25y – 2) O₂ → xCO₂ + 0,5y H₂O

a  →         a(x + 0,25y – 2)      → ax      →0,5ay   (mol)

Ta có: ax  +  0,5ay   = 0,5 (1)

a(x + 0,25y – 2)     = 0,3  (2)

Lấy (1)/ (2)=> 8x – y = 40

Do y chẵn và y ≤ 2x – 2 nên x = 6 và y = 8 là nghiệm duy nhất

X là C₆H₈O₄, X được tạo từ axit no và hai ancol nên công thức cấu tạo của X là:

CH₃OOC-COOCH₂-CH=CH₂: 0,05 (mol) ( Suy ra số mol từ (1))

X + NaOH → Chất rắn gồm: (COONa)₂: 0,05 mol và NaOH dư: 0,1 mol

=> m_rắn = 0,05. 134 + 40.0,1 = 10,7 (g)

Đáp án A