Đáp án A

Z là este của α-amino axit có công thức C₃H₇O₂N

CTCT của Z là H₂N-CH₂-COOCH₃ →

n H 2 N - C H 2 - C O O C H 3 = n C H 3 O H = 0 , 12   m o l

Gọi n(NH₂CH₂COOK) = x mol, n (NH₂CH(CH₃)COOK) = y

2NH₂CH₂COOK + 4,5O₂ → K₂CO₃ + 3CO₂ + 4H₂O + N₂

    X                       2,25x     0,5x

2NH₂CH(CH₃)COOK + 7,5O₂ → K₂CO₃ + 5CO₂ + 6H₂O + N₂

     Y                          3,75y      0,5y

=> n(O₂ phản ứng) = 2,25x + 3,75y = 1,455 (1)

n(K₂CO₃) = 0,5x+0,5y = 0,25 (2). Giải hệ ta có: x= 0,28; y=0,22

X là (Gly)_n(Ala)_4-n a mol, Y là (Gly)_m(Ala)_5-m b mol.

H₂N-CH₂-COOCH₃ + KOH →  NH₂CH₂COOK + CH₃OH

   0,12                               0,12                      0,12                            0,12

X + 4KOH →  muối + H₂O              Y +  5KOH →  muối + H₂O

 a      4a                           a                b        5b               b

BTNT cho Na ta có n(KOH pứ) = 0,12 + 4a+5b = 0,5 suy ra 4a+5b=0,38 (3)

BTNT ta có 36,86 + 40.0,5=113.0,28 + 127.0,22+3,84+18(a+b) suy ra a+b=0,08 (4)

Giải hệ ta có: a=0,02; b=0,06.

BT gốc Ala ta có n(muối Ala) = 0,22=0,22(4-n) + 0,06.(5-m) => n+3m=8

=> n=8-3m≤4 => m≥1,33 và 3m<8 => m<2,66 => m=2 => n=2

Vậy X là (Gly)₂(Ala)₂ 0,02 mol và Y là (Gly)₂(Ala)₃ 0,06 mol

=> %m(X)=0,02.274/36,86=14,867%=> Chọn A. 14,87%

Đáp án A

Sơ đồ hóa bài toán:

Bảo toàn nguyên tố K 

=> a + b = 0,5

Bảo toàn nguyên tố O: 

Từ (1) và (2) → 

= 59,58 gam

Bảo toàn khối lượng: 

n H 2 O   =   0 , 08   m o l

Các quá trình phản ứng thủy phân như sau

Ta có: 

→ x = 0,02 = n_X và y = 0,06 = n_Y

Gọi công thức 

Bảo toàn Na: 0,02n + 0,06m = 0,22

Đáp án A

Đáp án B.

► Đặt n_Gly-Na = x; n_Ala-Na = y 

⇒ n_Na2CO3 = 0,5x + 0,5y = 0,25 mol 

n_O2 = 2,25x + 3,75y = 1,455 mol

⇒ giải hệ có: x = 0,28 mol; y = 0,22 mol. 

Bảo toàn khối lượng:

m_H2O = 36,86 + 0,5 × 40 – 3,84 – 0,28 × 97 – 0,22 × 111 = 1,44(g) 

⇒ ∑n_peptit = n_H2O = 0,08 mol

► Dễ thấy Z là este của Gly và CH₃OH.

⇒ n_Z = n_CH3OH = 0,12 mol.

Đặt n_X = a; n_Y = b

⇒ n_peptit = a + b = 0,08 mol. 

n_NaOH = 4a + 5b + 0,12 = 0,5 mol

⇒ Giải hệ cho: a = 0,02 mol; b = 0,06 mol. 

► Gọi số gốc Gly trong X và Y là a và b.

⇒ n_Gly = 0,02a + 0,06b + 0,12 = 0,28 mol.

 a = b = 2

⇒ Y là Gly₂Ala₃ 

⇒ %m_Y = 56,16%

Do sau phản ứng thu được C H 3 N H 2   v à   C 2 H 5 O H   v à   C 2 H 5 C O O K  nên suy ra:

Z :   C 2 H 5 C O O N H 3 C H 3 T :   C 2 H 5 C O O H 3 N − C H C H 3 − C O O C 2 H 5

n Z   =   n C H 3 N H 2   =   0 , 1   m o l ;   n T   =   n C 2 H 5 O H   =   0 , 15   m o l = >   n C 2 H 5 C O O K   =   n Z   +   n T   =   0 , 25   m o l n K O H   =   2 n K 2 C O 3   =   2.0 , 385   =   0 , 77   m o l

Sơ đồ bài toán:

67 , 74 g   M     X 3 Y 5 Z : C 2 H 5 C O O NH 3 CH 3 0 , 1   m o l T : C 2 H 5 C O O H 3 N C H CH 3 C O O C 2 H 5 0 , 15   m o l → + K O H :   0 , 77 d d   E   G l y − K A l a − K V a l − K C 2 H 5 C O O K : 0 , 25   → + O 2 ;   2 , 9     CO 2 H 2 O N 2 K 2 CO 3 : 0 , 385 CH 3 NH 2 : 0 , 1   C 2 H 5 O H : 0 , 15  

 Xác định số mol O 2 để đốt muối do X, Y tạo ra:

n A l a − K   d o   T   =   n T   =   0 , 15   m o l n C 2 H 5 C O O K   =   0 , 25   m o l

C 3 H 6 O 2 N K   +   3 , 75 O 2   →   0 , 5 K 2 C O 3   +   2 , 5 C O 2   +   3 H 2 O   +   0 , 5 N 2

0,15 →           0,5625

C 3 H 5 O 2 K   +   3 , 5 O 2   →   0 , 5 K 2 C O 3   +   2 , 5 C O 2   +   2 , 5 H 2 O   +   0 , 5 N 2

0,25 →       0,875

n O 2 ( m u ố i   d o   X ,   Y )   =   n O 2   -   n O 2 ( đ ố t   m u ố i   d o   T )   -   n O 2 ( đ ố t   C 2 H 5 C O O K )   =   2 , 9   -   0 , 5625   -   0 , 875   =   1 , 4625   m o l

*Do peptit được tạo bởi Gly, Ala, Val nên ta quy đổi hỗn hợp X, Y thành  C O N H ,   C H 2   v à   H 2 O   ( n H 2 O   =   n p e p t i t )

m X , Y   =   67 , 74   −   0 , 1.105   +   0 , 15.191   =   28 , 59   g a m n K O H   p u X ,   Y   =   0 , 77   −   n Z   −   2 n T   =   0 , 77   −   0 , 1   −   0 , 15.2   =   0 , 37   m o l

Ta có sơ đồ sau:

28 , 59 g   X ,   Y     C O N H : 0 , 37 CH 2 : x H 2 O               → + K O H :   0 , 37 M u o i   C O O K : 0 , 37 NH 2 : 0 , 37 CH 2 : x → + O 2 :   1 , 4625 K 2 CO 3 : 0 , 185 CO 2 : x + 0 , 185 H 2 O : x + 0 , 37  

BTNT "O":  2 n C O O K   +   2 n O 2   ( đ o t   m u u i   d o   X ,   Y )   =   3 n K 2 C O 3   +   2 n C O 2   +   n H 2 O

=> 0,37.2 + 2.1,4625 = 3.0,185 + 2(x + 0,185) + x + 0,37 => x = 0,79

m H 2 O X ,   Y   =   m X , Y   −   m C O N H   −   m C H 2   =   28 , 59   −   0 , 37.43   −   0 , 79.14   =   1 , 62   g a m   = >   n H 2 O   =   0 , 09   m o l

*Đặt  n X   =   a   v à   n Y   =   b   m o l

n X , Y   =   a   +   b   =   0 , 09 n K O H   =   3 n X   +   5 n Y   = >   3 a   +   5 b   =   0 , 37

Giải hệ thu được a = 0,04 và b = 0,05

*Xét quá trình thủy phân M:

n_{H2O   =   n X   +   n Y   +   n Z   +   n T   =   0 , 04   +   0 , 05   +   0 , 1   +   0 , 15   =   0 , 34   m o l}

BTKL:  m M   +   m K O H   =   m   m u o i   +   m C H 3 N H 2   +   m C 2 H 5 O H   +   m H 2 O

= >   67 , 74   +   0 , 77.56   =   m   m u o i   +   0 , 1.31   +   0 , 15.46   +   0 , 34.18   = >   m   m u o i   =   94 , 74   g a m

Đặt  n G l y − K   =   u ;   n A l a K   =   10 v   v à   n V a l − K   =   3 v   m o l

BTNT "K":  n K O H   =   u   +   10 v   +   3 v   =   0 , 77

m   m u ố i   =   113 u   +   127 . 10 v   +   155 . 3 v   +   0 , 25 . 112   =   94 , 74

Giải hệ thu được u = 0,13 và y = 0,03

X :   G l y n A l a m V a l 3 − n − m   0 , 04   m o l Y :   G l y n ' A l a m ' V a l 5 − n ' − m '   0 , 05   m o l

Giả sử X, Y có công thức:

X :   G l y n A l a m V a l 3 − n − m   0 , 04   m o l Y :   G l y n ' A l a m ' V a l 5 − n ' − m '   0 , 05   m o l

n G l y K   =   0 , 04 n   +   0 , 05 n '   =   0 , 13  chỉ có nghiệm n = 2 và n' = 1 thỏa mãn

n A l a K   =   0 , 04 m   +   0 , 05 m '   =   0 , 1 5 chỉ có nghiệm m = m = 0 và m' = 3 thỏa mãn

Vậy X là  G l y 2 V a l   0 , 04   m o l   v à   G l y A l a 3 V a l   0 , 05   m o l

=>   % m Y   =   0 , 05. 75   +   89.3   +   117   −   4.18 / 67 , 74.100 %   =   28 , 565 %  gần nhất với 28,55%

Đáp án cần chọn là: A

Đáp án B

Xử lý ancol để tìm thông tin về Z

Ta có 

Giả sử trong CTPT của ancol có chứa n nhóm

Khả năng là sai vì lâu nay chỉ quen với

Thực ra với Nhớ đến phản ứng của glucozo với

=>Ancol Z chính là Socbitol  với CTPT là là este 6 chức.

Với

Quy đổi hỗn hợp và xử lý sơ bộ ta có:

PT theo m hỗn hợp E:  

PT theo số mol NaOH phản ứng:

PT theo số mol đốt cháy muối:

PT theo số moltạo thành:

+Giải hệ (1) (2) (3) và (4) ta có

và là Glyxin

Ta có 

là

Đáp án B

Định hướng tư duy giải

Dễ suy ra hỗn T gồm 2 ancol và amin Y.

Chọn đáp án B

T chứa 3 chất hữu cơ trong đó chắc chắn có Y ⇒ T phải chứa 2 ancol

⇒ Z là este tạo bởi axit 2 chức. Quy A về C₂H₄NO₂K, (COOK)₂, CH₂.

Đặt nC₂H₄NO₂K = x; n(COOK)₂ = y; nCH₂ = z ⇒ nO2 = 2,25x + 0,5y + 1,5z = 0,685 mol.

nK₂CO₃ = 0,11 mol. Bảo toàn nguyên tố Kali: x + 2y = 0,11 × 2

Đốt A cho CO₂: 1,5x + y + z; H₂O: 2x + z ⇒ 30,4 = 44.(1,5x + y + z) + 18.(2x + z)

Giải hệ có: x = z = 0,18 mol; y = 0,02 mol ⇒ nX = 0,06 mol.

Đặt số gốc CH₂ ghép vào peptit và axit là 2a và b (a ≥ 2; b ≥ 1).

⇒ 0,06.2a + 0,02b = 0,18. Giải phương trình nghiệm nguyên: a = 1; b = 3.

⇒ X là Ala-Ala-Gly và muối của axit là C₅H₆O₄K₂. Do có cùng số C nên Z chứa 8C.

⇒ Z tạo bởi 2 ancol là CH₃OH và C₂H₅OH ⇒ nCH₃OH = nC₂H₅OH = 0,02 mol.

⇒ mY = 0,08 × 24,75 × 2 – 0,02 × 32 – 0,02 × 46 = 2,4(g).