Chọn đáp án D

Cách 1: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân

• biến đổi: 0,06 mol E + ? mol H 2 O → ?? mol E₂ (đipeptit dạng C n H 2 n N 2 O 3 ) (*).

đốt E hay E 2 đều cần cùng lượng O 2 , sinh ra cùng số mol C O 2   v à   N 2 .

Mà đốt 0,06 mol E tạo thành 0,6 mol C O 2 + 0,56 mol H 2 O .

⇒ đốt E 2 tạo thành 0,6 mol C O 2 và 0,6 mol H 2 O .

⇒ n H 2 O ở (*) = 0,6 – 0,56 = 0,04 mol ||⇒ n E 2 = 0,06 + 0,04 = 0,1 mol.

⇒ m E 2 = 0,6 × 14 + 0,1 × 76 = 16,0 gam ⇒ m E = 16,0 – 0,04 × 18 = 15,28 gam.

⇒ 0,06 mol E ⇔ 15,28 gam, lượng E dùng 2 phần là như nhau.!

• Thủy phân 0,1 mol E 2 + 0,1 mol H 2 O → 0,2 mol α–amino axit

⇒ m α – a m i n o   a x i t   t h u   đ ư ợ c = 16,0 + 0,1 × 18 = 17,8 gam. Chọn đáp án D. ♠.

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy

Quy E về C 2 H 3 N O ,   C H 2 ,   H 2 O   ⇒ n H 2 O = n E = 0,06 mol.

Đặt n C 2 H 3 N O = x mol; n C H 2 = y mol ||⇒ ∑ n C O 2 = 2x + y = 0,6 mol;

∑ n H 2 O = 1,5x + y + 0,06 = 0,56 mol ||⇒ giải hệ có: x = y = 0,2 mol.

Mà thủy phân E chỉ thu được 1 loại amino axit

⇒ ghép vừa đủ 1 C H 2 cho amino axit ⇒ amino axit là Ala.

Lại có 0,06 mol E ứng với m E = 0,2 × 57 + 0,2 × 14 + 0,06 × 18 = 15,28 gam.

⇒ lượng E dùng ở 2 thí nghiệm là như nhau ⇒ m = 0,2 × 89 = 17,8 gam.

Đáp án C

Amino axit E no, đơn, hở, chứa 1 nhóm amino và 1 nhóm cacboxyl ⇒ dạng C_nH_{2n + 1}NO₂.

♦ đốt:  C n H 2 n + 1 + 6 n - 3 4 O 2   → t 0 C nCO 2   +   2 n + 1 2 H 2 O   +   1 2 N 2

T gồm CO₂ và N₂, khi cho vào dung dịch Ca(OH)₂ dư thì CO₂ bị giữ lại

khí thoát ra là N₂ chiếm 20% số mol T ⇒ n_N2 : n_CO2 = 1 : 4.

⇒ trong E: số C : số N = 2 : 1 ⇒ n = 2 → CTPT của E là C₂H₅NO₂.

Đáp án C

Q là amino axit no, hở, chứa 2 nhóm –NH₂ và 1 nhóm –COOH ⇒ dạng: C_nH_{2n + 2}N₂O₂.

• giải (CO₂, H₂O và N₂) + Ca(OH)₂ dư → 0,08 mol CaCO₃↓ ||⇒ n_CO2 = 0,08 mol.

lại có m_{dung dịch giảm} = m_CaCO3 – ∑(m_CO2 + m_H2O) = 2,68 gam ⇒ n_H2O = 0,1 mol.

• giải đốt: C_nH_{2n + 2}N₂O₂ + O₂ → t 0  0,08 mol CO₂ + 0,1 mol H₂O + N₂.

Tương quan đốt: n_Q = n_H2O – n_CO2 = 0,02 mol ⇒ n = số C = 0,08 ÷ 0,02 = 4.

⇒ công thức phân tử của E là C₄H₁₀N₂O₂.

||⇒ Số nguyên tử H có trong một phân tử Q là 10

Đáp án D

: Hỗn hợp Y gồm hai amino axit no, mạch hở, phân tử mỗi chất chỉ chứa

một nhóm amino và một nhóm cacboxyl ⇒ Y dạng: C_nH_{2n + 1}NO₂.

♦ giải đốt m gam C_nH_{2n + 1}NO₂ + O₂ → t 0  0,1 mol CO₂ + 0,12 mol H₂O + N₂.

Tương quan đốt có: ∑n_H2O – ∑n_CO2 = ½.n_Y ⇒ n_Y = 0,04 mol ⇒ n = ∑n_CO2 : n_Y = 2,5.

♦ phản ứng với bazơ: C_nH_{2n + 1}NO₂ + KOH → C_nH_2nNO₂K + H₂O.

⇒ a = m_muối = m_CnH_2nNO₂K = 0,04 × 120 = 4,80 gam

Đáp án A

♦ giả thiết chữ: "hỗn hợp E gồm hai hợp chất no, mạch hở,

trong đó có một amino axit (chứa 1 nhóm NH₂) và một axit cacboxylic đơn chức"

⇒ công thức phân tử của axit cacboxylic dạng C_nH_2nO₂. còn amino axit???

Xem: đốt 0,1 mol E + O₂ → t 0  0,24 mol CO₂ + 0,27 mol H₂O + N₂.

tương quan ∑∑n_CO2 < ∑n_H2O ⇒ CTPT amino axit chỉ có thể là C_mH_{2m + 1}NO₂.

cũng từ tương quan đốt có: n_{amino axit} = 2(∑n_H2O – ∑n_CO2) = 0,06 mol

⇒ n_{axit cacboxylic} = 0,04 mol ||⇒ bảo toàn C có: 0,06m + 0,04n = 0,24 mol

⇔ 3m + 2n = 12; điều kiện: m, n nguyên và m ≥ 2; n ≥ 1 ⇒ nghiệm duy nhất m = 2; n = 3.

⇒ tương ứng 2 chất trong E là H₂NCH₂COOH (Glyxin) và C₂H₅COOH (axit propionic).

Đáp án B

E là amino axit no, hở, chứa 1 nhóm –NH₂ và 2 nhóm –COOH ⇒ dạng: C_nH_{2n – 1}NO₄.

• giải (CO₂, H₂O và N₂) + Ba(OH)₂ dư → 0,08 mol BaCO₃↓ ||⇒ n_CO2 = 0,08 mol.

lại có m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 4,78 gam ⇒ n_H2O = 0,07 mol.

• giải đốt: C_nH_{2n – 1}NO₄ + O₂ → t 0  0,08 mol CO₂ + 0,07 mol H₂O + N₂.

Tương quan đốt: n_E = 2.(n_CO2 – n_H2O) = 0,02 mol ⇒ n = số C = 0,08 ÷ 0,02 = 4.

⇒ công thức phân tử của E là C₄H₇NO₄.

Tổng số nguyên tử có trong một phân tử E là 16

nKK = 2,625 

nO2 = 2,625.20% = 0,525 

nN2 = 2,625.80% = 2,1

nN2 thu được = 49,28/22,4 = 2,2 

nN2 của amino axit = 0,1

Amino axit có dạng CnH2n+1O2N

=> n = 2,25

=>2 amino axit là Gly và Ala

=>X có 3Gly và 1Ala

Các CTCT thỏa mãn: G-G-G-A, G-G-A-G, G-A-G-G và A-G-G-G 

 Chọn A.

Chọn đáp án D

Cách 1: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân

♦ quy đốt đipeptit E 2 cần 1,98 mol O 2   thu được 1,68 mol C O 2 .

⇒ bảo toàn O có n E 2 = (1,68 × 3 – 1,98 × 2) ÷ 3 = 0,36 mol

⇒ m E 2 = 1,68 × 14 + 0,36 × 76 = 50,88 gam || (50,88 – 47,28) ÷ 18 = 0,2 mol.

⇒ n E = 0,36 – 0,2 = 0,16 mol || cần 0,2 mol H 2 O   để biến đổi 0,16 mol E → 0,36 mol E 2 .

có   C t r u n g   b ì n h   h a i   a m i n o   a x i t   = 1,68 ÷ 0,72 = 2,3333 ⇒ amino axit T là C 2 H 5 N O 2   g l y x i n .

dùng sơ đồ chéo có n G l y   :   n A l a = 2 : 1. Tỉ lệ: 0,08 mol E = 1 2 lượng E dùng để đốt

⇒ thủy phân 0,08 mol E thu được 0,24 mol Gly–Na và 0,12 mol Ala–Na

⇒ yêu cầu b = m G l y – N a = 0,24 × (75 + 22) = 23,28 gam → Chọn đáp án D. ♠.

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy Quy E về C 2 H 3 N O ,   C H 2 ,   H 2 O . Xét 47,28 gam E:

Đặt n C 2 H 3 N O = x mol; n C H 2 = y mol; n H 2 O = z mol ⇒ m E = 47,28 gam = 57x + 14y + 18z.

Ta có: n O 2 = 1,98 mol = 2,25x + 1,5y; n C O 2 = 1,68 mol = 2x + y.

⇒ giải hệ có: x = 0,72 mol; y = 0,24 mol và z = 0,16 mol.

⇒ số C H 2 ghép vào peptit trung bình = 0,24 ÷ 0,16 = 1,5 ⇒ có peptit ghép ≤ 1 gốc C H 2 .

Lại có mỗi peptit tạo bởi 1 loại gốc amino axit ⇒ phải có peptit không ghép C H 2 .

⇒ T là Gly ⇒ n A l a   = n C H 2 = 0,24 mol; n G l y = 0,72 – 0,24 = 0,48 mol.

⇒ trong 0,08 mol E chứa 0,48 × 0,08 ÷ 0,16 = 0,24 mol Gly ⇒ b = 0,24 × 97 = 23,28 gam

Đáp án D

Hai amino axit có CTPT dạng C_nH_{2n + 1}NO₂ (n là giá trị trung bình);

+ Glucozơ và fructozơ có cùng CTPT là C₆H₁₂O₆.

♦ Giải đốt T + O₂ → t 0  0,84 mol CO₂ + 0,98 mol H₂O + N₂.

||⇒ Tương quan đốt có n_{amino axit} = 2(∑n_H2O – ∑n_CO2) = 0,28 mol.

☆ Đặc biệt: có C_{trung bình hỗn hợp T} = ∑n_CO2 : n_T < 0,84 : 0,28 = 3

||⇒ 2 amino axit đồng đẳng kế tiếp chỉ có thể là C₂H₅NO₂ và C₃H₇NO₂ mà thôi

⇒ Số nguyên tử H trong A là 5