Chọn đáp án A

Đáp án D

nOH^- = a+b; nCO₃^2- = c

Từ lúc bắt đầu nhỏ HCl đến lúc bắt đầu xuất hiện khí:

H⁺ + OH^- → H₂O

a+b←a+b

H⁺ + CO₃^2- → HCO₃^-

c ←      c      →    c

=> nHCl = a+b+c = 0,3 (1)

Lúc xuất hiện khí:

H⁺ + HCO₃^- → CO₂ + H₂O

c           c

=> nHCl = a+b+c+c = 0,4 (2)

(1) và (2) => a+b= 0,2

Chọn đáp án A

Chọn đáp án A

Trong trường hợp này, do có sự xuất hiện của HCl nên đồ thị nằm ngang trong một thời gian không có kết tủa (NaOH trung hòa hết HCl trước)

→a = n_HCl = 0,8 mol

Xét phản ứng ở giai đoạn còn lại, tại (2,0-0,8) mol và (3,2-0,8) mol NaOH cho cùng số mol kết tủa.

→3.(2,8-0,8) + (3,2-0,8)=12n_AlCl3 →b= 0,7 mol

Vậy a:b= 8:7.

Đáp án B.

=> x:y = 4:5

CH₂=CH-C≡CH + H₂ → Pd , PbCO 3 H 2 , t o CH₂=CH-CH=CH₂

nCH₂=CH-CH=CH₂ + nCH₂=CH-CN  → xt , p t o (-CH₂-CH=CH-CH₂-CH₂-CH(CN)-)_n.

Chọn đáp án C

Ta có ngay a=n_Hd =0,42 mol

Trong lúc lượng kết tủa đang dần bị hòa tan, cứ bao nhiêu mol NaOH phản ứng thì Al(OH)₃ giảm bấy nhiêu mol.

Tại 1,14 mol NaOH thu được nhiều hơn 6,24/78 = 0,08 mol kết tủa so với tạo 1,7 mol NaOH. Do đó, ta dịch chuyển điểm 1,7 mol NaOH lùi lại 0,08 mol sẽ thu được đồ thị sau 

→Tại 1,14 và 1,62 mol NaOH cho cùng số mol kết tủa.

→(1,14 -0,42)+3(1,62-0,42) = 12n_AlCl3 =12b→b= 0,36 mol

→a:b= 7:6

Chọn đáp án C

Đáp án B

Quá trình đầu tiên là phản ứng: Ba(OH)₂ + CO₂ → BaCO₃↓ + H₂O

Đến khi Ba(OH)₂ hết, kết tủa là cực đại ⇒ y = n_Ba(OH)2 = 0,6 mol.

Sau đó là quá trình: NaOH + CO₂ → NaHCO₃ || KOH + CO₂ → KHCO₃.

Kết tủa không thay đổi, sau đó: CO₂ + BaCO₃ → Ba(HCO₃)₂

Kết tủa bị hòa tan cho đến hết 1,6 mol = ∑n_CO2 = n_NaOH + n_KOH + 2n_Ba(OH)2

⇒ x = 1,6 – 0,1 – 0,6 × 2 = 0,3 mol.

Xét tại điểm z, đang xảy ra quá trình hòa tan BaCO₃,

NẾU thêm 0,2 mol CO₂ nữa sẽ hòa tan hết BaCO₃

⇒ x + 0,2 = 1,6 mol → z = 1,4 mol. Vậy x = 0,3; x = 0,6 và z = 1,4

Chọn đáp án A